tailieunhanh - Đáp án Đề thi tuyển sinh đại học khối B năm 2012 môn Toán

Khi m = 1, ta có: y = x4 – 4x2 + 1. • Tập xác định: D = R. • Sự biến thiên: – Chiều biến thiên: y' = 4x3 – 8x; y' = 0 ⇔ x = 0 hoặc x = ± 2. Hàm số nghịch biến trên các khoảng (– ∞; – 2 ) và (0; 2 ); đồng biến trên các khoảng (– 2; 0) và ( 2; + ∞). 0,25 – Cực trị: Hàm số đạt cực tiểu tại x = ± 2; yCT = – 3, đạt cực đại tại x = 0; yCĐ = 1 | BỘ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO ĐÁP ÁN - THANG ĐIỂM ĐỀ THI TUYỂN SINH ĐẠI HỌC NĂM 2011 ĐỀ CHÍNH THỨC Môn TOÁN Khối B Đáp án - thang điểm gồm 04 trang ĐÁP ÁN - THANG ĐIỀM Câu Đáp án Điểm I 2 0 điểm 1. 1 0 điểm Khi m 1 ta có y x4 - 4x2 1. Tập xác định D R. Sự biến thiên - Chiều biến thiên y 4x3 - 8x y 0 X 0 hoặc X 5 2. Hàm số nghịch biến trên các khoảng - -V2 và 0 V2 đồng biến trên các khoảng -a 2 0 và ạ 2 . - Cực trị Hàm số đạt cực tiểu tại x 5 2 yCT - 3 đạt cực đại tại x 0 yCĐ 1. 0 25 0 25 - Giới hạn lim y lim y ra. x - x - Bảng biến thiên x - x -V2 0 V2 _y 0 0 - 0 TC r1x TC y -3X -3 0 25 Đồ thị y 0 25 2. 1 0 điểm y x 4x3 - 4 m 1 x 4x x2 - m - 1 y x 0 x 0 hoặc x2 m 1 1 . 0 25 Đồ thị hàm số có ba điểm cực trị khi và chỉ khi 1 có hai nghiệm phân biệt khác 0 m - 1 . 0 25 0 25 Khi đó H 0 m B m 1 - m2 - m - 1 và C yỊm 1 - m2 - m - 1 . Suy ra OA BC m2 4 m 1 m2 - 4m -4 0 m 2 2V2 thỏa mãn . Vậy giá trị cần tìm m 2 -2V2 hoặc m 2 2V2. 0 25 II 2 0 điểm 1. 1 0 điểm Phương trình đã cho tương đương với sinx 1 cos2x sinxcosx cos2x sinx cosx 0 25 0 25 cos2x sinx - 1 cosx sinx - 1 0 sinx - 1 cos2x cosx 0 1 _ n sinx 1 x k2n. 2 0 25 cos2x - cosx cos n - x x -3- k 3n. Vậy phương trình đã cho có nghiệm x n k2n x n k n k e Z . 0 25 Trang 1 4 Câu Đáp án Điểm III 1 0 điểm IV 1 0 điểm 2. 1 0 điếm Điều kiện - 2 x 2 . Khi đó phương trình đã cho tương đương 3 V2 x - 2s 2 - x 4 4 - x2 10 -3x 1 . Đặt t s 2 x - 2 5 2-x 1 trở thành 3t t2 t 0 hoặc t 3. t 0 suy ra V2 x 2 5 2-x 2 x 4 2 - x x 5 thỏa mãn . t 3 suy ra 5 2 x 2y 2-x 3 vô nghiệm do 5 2 x 2 và 2 5 2-x 3 3 với mọi x e - 2 2 . Vậy phương trình đã cho có nghiệm x 5. n n n 31 x sin x 3 1 3 x sin x I I 2 dx I ax I dx. 0 cos x 00 cos x 0 cos x n Ta có I 12 0 cos x n dx tan x 03 n n n 3 x sin x . 3 . 1 x 3 và dx Ix d l Ux I n 2n 1K - 1 1 dsin x 3 2 0 V sin x -1 sin x 1 n n 3 dx 2n 3 dsin x cos x 3 0 sin2 x -1 0 25 0 25 0 25 0 25 0 25 0 25 0 25 2n 1 ._ -I ln 3 2 V sin x -1 sin x 1 n ------ ln 2 - V3 . Vậy I 5 3 ln 2 -5 3 . 0

TỪ KHÓA LIÊN QUAN
TÀI LIỆU MỚI ĐĂNG
crossorigin="anonymous">
Đã phát hiện trình chặn quảng cáo AdBlock
Trang web này phụ thuộc vào doanh thu từ số lần hiển thị quảng cáo để tồn tại. Vui lòng tắt trình chặn quảng cáo của bạn hoặc tạm dừng tính năng chặn quảng cáo cho trang web này.